Var mit MySql und PHP - Seite 2

Arne Drews · 20.07.2010, 08:17

Zitat:

Zitat von dennis81

PHP-Code:

  $query = "[...] LIKE '$Patientennummer' [...]";

oder

PHP-Code:

  $query = "[...] LIKE '" . $Patientennummer . "' [...]";

Das ist Geschmacksache. Ich finde das zweite übersichtlicher bei so langen Abfragen wie Deiner.

EDIT: Zeitgleich und doch nur zweiter...

sibre · 20.07.2010, 08:25

PHP-Code:

  INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer'

bekomme ich aber
Parse error: syntax error, unexpected T_VARIABLE in /home/keininbi/www.XXXXXXX/test2.php on line 23

Arne Drews · 20.07.2010, 08:28

Da wirst Du wohl den führenden und schliessenden SingleQuote nicht gegen Double ausgetauscht haben.
Was man allerdings in dem kleinen Ausschnitt wieder nur vermuten kann.
Bitte konzentriere Dich auf das was in den Beispielen gepostet wird.

sibre · 20.07.2010, 08:34

Hallo Arne,

Das habe ich natürlich auch versucht.

PHP-Code:

  $abfrage ="SELECT DISTINCT

PATIENT.p_number,

INSOLE.insole_1,

PATIENT.p_name,

PATIENT.p_vorname,

PATIENT.p_street,

PATIENT.p_postcode,

PATIENT.p_city,

PATIENT.p_country,

PATIENT.p_picture

FROM

PATIENT

CROSS JOIN INSOLE

WHERE

INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer'

AND

INSOLE.insole_1 IS NOT NULL

ORDER BY

PATIENT.p_number,

PATIENT.p_vorname,

PATIENT.p_name,

PATIENT.p_street,

PATIENT.p_postcode,

PATIENT.p_city,

PATIENT.p_country,

INSOLE.insole_1";

 
$ergebnis = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error()); 

while($row = mysql_fetch_object($ergebnis))

   {

   echo "Patientennummer: $row->p_number <br>Name:  $row->p_name<br>Vorname: $row->p_vorname<br>Einlage: $row->insole_1 <br>";

   }

Dann wird aber nichts mehr ausgegeben bzw eine leere seite.

MfG

Sibre

Arne Drews · 20.07.2010, 08:39

Dein Code 1:1 kopiert funktioniert aber bei mir:

PHP-Code:

  $Patientennummer = 'p0815';

$abfrage ="SELECT DISTINCT

PATIENT.p_number,

INSOLE.insole_1,

PATIENT.p_name,

PATIENT.p_vorname,

PATIENT.p_street,

PATIENT.p_postcode,

PATIENT.p_city,

PATIENT.p_country,

PATIENT.p_picture

FROM

PATIENT

CROSS JOIN INSOLE

WHERE

INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer'

AND

INSOLE.insole_1 IS NOT NULL

ORDER BY

PATIENT.p_number,

PATIENT.p_vorname,

PATIENT.p_name,

PATIENT.p_street,

PATIENT.p_postcode,

PATIENT.p_city,

PATIENT.p_country,

INSOLE.insole_1";

 
echo $abfrage;

Ausgabe:

Code:

SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE 'p0815' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1

Ohne Fehlermeldung!

sibre · 20.07.2010, 08:52

ich bekomme bei og code folgende ausgabe:

PHP-Code:

  $Patientennummer = 'p0815'; $abfrage ="SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1"; echo $abfrage;

was mache ich bloß falsch?

Arne Drews · 20.07.2010, 08:54

Wenn das die Ausgabe sein soll, hast Du denn überhaupt PHP-Tags verwendet???

sibre · 20.07.2010, 08:55

PHP-Code:

  <?php

$Patientennummer = 'p0815'; 

$abfrage ="SELECT DISTINCT 

PATIENT.p_number, 

INSOLE.insole_1, 

PATIENT.p_name, 

PATIENT.p_vorname, 

PATIENT.p_street, 

PATIENT.p_postcode, 

PATIENT.p_city, 

PATIENT.p_country, 

PATIENT.p_picture 

FROM 

PATIENT 

CROSS JOIN INSOLE 

WHERE 

INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' 

AND 

INSOLE.insole_1 IS NOT NULL 

ORDER BY 

PATIENT.p_number, 

PATIENT.p_vorname, 

PATIENT.p_name, 

PATIENT.p_street, 

PATIENT.p_postcode, 

PATIENT.p_city, 

PATIENT.p_country, 

INSOLE.insole_1"; 

 
echo $abfrage;  

?>

Arne Drews · 20.07.2010, 08:58

Dann hast Du aber oben den Code gepostet und nicht die Ausgabe im Browser!
Sonst probier doch mal die andere Variante:

PHP-Code:

  $abfrage = "[...] LIKE '" . $Patientennummer . "' [...]";

sibre · 20.07.2010, 09:32

funktioniert, alles gut und vielen dank, verstehe nicht warum, bzw verstehe der unterschied nicht.

MfG

Simon

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Arne Drews Erfahrener Benutzer Registriert seit: 22.04.2009 Beiträge: 3.341 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Da wirst Du wohl den führenden und schliessenden SingleQuote nicht gegen Double ausgetauscht haben. Was man allerdings in dem kleinen Ausschnitt wieder nur vermuten kann. Bitte konzentriere Dich auf das was in den Beispielen gepostet wird. __________________ Phantasie ist wichtiger als Wissen, denn Wissen ist begrenzt. Probleme kann man niemals mit derselben Denkweise lösen, durch die sie entstanden sind. Albert Einstein

20.07.2010, 08:34
sibre Neuer Benutzer Registriert seit: 20.07.2010 Beiträge: 12 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Hallo Arne, Das habe ich natürlich auch versucht. PHP-Code: $abfrage ="SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1"; $ergebnis = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error()); while($row = mysql_fetch_object($ergebnis)) { echo "Patientennummer: $row->p_number <br>Name: $row->p_name<br>Vorname: $row->p_vorname<br>Einlage: $row->insole_1 <br>"; } Dann wird aber nichts mehr ausgegeben bzw eine leere seite. MfG Sibre

20.07.2010, 08:39
Arne Drews Erfahrener Benutzer Registriert seit: 22.04.2009 Beiträge: 3.341 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Dein Code 1:1 kopiert funktioniert aber bei mir: PHP-Code: $Patientennummer = 'p0815'; $abfrage ="SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1"; echo $abfrage; Ausgabe: Code: SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE 'p0815' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1 Ohne Fehlermeldung! __________________ Phantasie ist wichtiger als Wissen, denn Wissen ist begrenzt. Probleme kann man niemals mit derselben Denkweise lösen, durch die sie entstanden sind. Albert Einstein

20.07.2010, 08:52
sibre Neuer Benutzer Registriert seit: 20.07.2010 Beiträge: 12 PHP-Kenntnisse: Anfänger	ich bekomme bei og code folgende ausgabe: PHP-Code: $Patientennummer = 'p0815'; $abfrage ="SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1"; echo $abfrage; was mache ich bloß falsch?

20.07.2010, 08:54
Arne Drews Erfahrener Benutzer Registriert seit: 22.04.2009 Beiträge: 3.341 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Wenn das die Ausgabe sein soll, hast Du denn überhaupt PHP-Tags verwendet??? __________________ Phantasie ist wichtiger als Wissen, denn Wissen ist begrenzt. Probleme kann man niemals mit derselben Denkweise lösen, durch die sie entstanden sind. Albert Einstein

20.07.2010, 08:55
sibre Neuer Benutzer Registriert seit: 20.07.2010 Beiträge: 12 PHP-Kenntnisse: Anfänger	PHP-Code: <?php $Patientennummer = 'p0815'; $abfrage ="SELECT DISTINCT PATIENT.p_number, INSOLE.insole_1, PATIENT.p_name, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, PATIENT.p_picture FROM PATIENT CROSS JOIN INSOLE WHERE INSOLE.insole_1 LIKE '$Patientennummer' AND INSOLE.insole_1 IS NOT NULL ORDER BY PATIENT.p_number, PATIENT.p_vorname, PATIENT.p_name, PATIENT.p_street, PATIENT.p_postcode, PATIENT.p_city, PATIENT.p_country, INSOLE.insole_1"; echo $abfrage; ?>

20.07.2010, 08:58
Arne Drews Erfahrener Benutzer Registriert seit: 22.04.2009 Beiträge: 3.341 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Dann hast Du aber oben den Code gepostet und nicht die Ausgabe im Browser! Sonst probier doch mal die andere Variante: PHP-Code: `$abfrage = "[...] LIKE '" . $Patientennummer . "' [...]";` __________________ Phantasie ist wichtiger als Wissen, denn Wissen ist begrenzt. Probleme kann man niemals mit derselben Denkweise lösen, durch die sie entstanden sind. Albert Einstein

20.07.2010, 09:32
sibre Neuer Benutzer Registriert seit: 20.07.2010 Beiträge: 12 PHP-Kenntnisse: Anfänger	funktioniert, alles gut und vielen dank, verstehe nicht warum, bzw verstehe der unterschied nicht. MfG Simon