[Erledigt] Spalten in Datenbank zählen mit mysql_num_rows?

ThomasM · 15.06.2009, 13:07

Hallo,

habe gerade ein kleines Problem mit einem Tutorial für ein Login Script.

Hier ist der Code:

PHP-Code:

  $passwort1 = md5($passwort1);

 
$sql = "SELECT

          id

        FROM

          login

        WHERE

          username 

        LIKE

          $username";

 
$result = $db->query($sql);

$menge = mysql_num_rows($result);

 
if ($menge == 0) {

  $sql = "INSERT INTO

            login (username, password)

          VALUES

            ('$username', '$passwort1')";

  $eintragen = $db->query($sql);

  

  if ($eintragen == true) {

  echo 'Du wurdest erfolgreich registriert. Dein Benutzername lautet: '.$username.'. <a href="login.htm">Zurück</a>';

  } else {

  echo 'Fehler beim Speichern des Benutzernamens. <a href="eintragen.htm">Zurück</a>'; 

  }

} else

    {

    echo 'Benutzername schon vorhanden. <a href="eintragen.html">Zurück</a>';

    }

Ich kann die Daten Username und Passwort damit erfolgreich in die Datenbank eintragen, allerdings erhalte ich dabei folgende Fehlermeldung:

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\eintragen.php

Wenn ich mich dann mit dem erstellten Username einloggen möchte, wird folgendes Script aufgerufen:

PHP-Code:

  $sql = "SELECT 

          username, password

        FROM 

          login

        WHERE 

          username

        LIKE

          $username

        LIMIT 1";

 
$result = $db->query($sql);

 
$row = mysql_fetch_object($result);

 
if ($row->password == $passwort) {

  $_SESSION['username'] = $username;

  echo "Login erfolgreich. <br> <a href=\"geheim.php\">Geschützer Bereich</a>";

    } else {

      echo "Benutzername und/oder Passwort waren falsch. <a href=\"login.htm\">Login</a>";

      }

Hier erhalte ich dann folgende Fehlermeldung:

Warning: mysql_fetch_object(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\login.php

Was hat das zu bedeuten? Ich habe schon mysql_fetch_array ausprobiert, mit dem gleichen Ergebnis.

rudygotya · 15.06.2009, 13:10

Schau dir mal das db object an, was da passiert. Ich denk mal, dass da der query fehlschlägt. Zeigt er dir was von wegen uncaught exception?

ThomasM · 15.06.2009, 13:26

Hmm, also ich habs mir var_dump versucht und folgende Ergebnisse erhalten:

var_dump ($sql);
string(121) "SELECT id FROM login WHERE username LIKE ThomasM"

var_dump ($result);
bool(false)

PHP-Code:

  $menge = mysql_num_rows($result);

var_dump ($menge);
bool(false)

Eigentlich sollte er bereits Benutzernamen in der Datenbank finden und ich verstehe nicht so ganz, warum $menge false zurückgibt?

"uncaught exception" ist bisher nicht aufgetaucht.

rudygotya · 15.06.2009, 13:33

Beim username hat like nichts zu suchen. Wenn er schon unique ist, ersetz es durch ein = und benutz singlequotes.
Probier mal den query in phpmyadmin:

Code:

SELECT id FROM login WHERE username='ThomasM'

__edit:

Entfern doch bitte noch das "Problem - "aus dem threadtitel. Und wenn dein db Object nicht mal eine exception wirft, wenn der query fehlschlägt, würde ich auf bessere fertige Klasse setzen.

ThomasM · 15.06.2009, 13:48

Habe den Code nun entsprechend verändert:

PHP-Code:

  $sql = "SELECT
          id
        FROM
          login
        WHERE
          username = '$username'";

$result = $db->query($sql);

$menge = mysql_num_rows($result);

Das Problem bleibt leider bestehen, erhalte nach wie vor die Meldung:

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\eintragen.php

Wenn ich den Query direkt in phpmyadmin ausführe, erhalte ich die entsprechende ID zurück.

Was bedeutet das denn mit der exception? Meine Klasse sieht so aus:

PHP-Code:

  $db = new mysqli('localhost', 'root', 'pass', 'test');
    if (!$db) {
      echo 'Verbindungsfehler: '.mysqli_connect_error();
      die(); 
    }

Ist halt ganz einfach gehalten, fange auch gerade erst mit PHP an.

rudygotya · 15.06.2009, 14:53

Wie sieht denn deine query methode aus? Haste da den resource identifier angegeben?
Ersetz mal $menge durch

PHP-Code:

  $menge=$db->affected_rows;

Wird schon, dafür siehts doch schon echt gut aus

ThomasM · 15.06.2009, 15:04

Habe es ersetzt, nun erfolgt auch keine Fehlermeldung mehr. Nur die Meldung, dass der Name jetzt registriert ist. Ich verstehe den Unterschied zwar nicht ganz, bin soweit aber erstmal zufrieden. Danke.

Das mit der Query Methode verstehe ich ebenfalls nicht. Was ist mit Resource Identifier gemeint? Der Code ist folgender:

PHP-Code:

  $sql = "SELECT

          id

        FROM

          login

        WHERE

          username = '$username'";

 
$result = $db->query($sql);

Denke daraus ist der Query ersichtlich und auch wie er ausgeführt wird, oder?

Jetzt besteht noch das 2. Problem mit fetch_object (siehe 1. Beitrag).

ThomasM · 15.06.2009, 15:42

Ok, das Problem ist gelöst. Ich hatte ein i vergessen, mit

$row = mysqli_fetch_object($result);

funktioniert es

PHP-Code:

  $sql = "SELECT 

          username, password

        FROM 

          login

        WHERE 

          username

        LIKE

          $username

        LIMIT 1";

 
$result = $db->query($sql);

 
$row = mysql_fetch_object($result);

 
if ($row->password == $passwort) {

  $_SESSION['username'] = $username;

  echo "Login erfolgreich. <br> <a href=\"geheim.php\">Geschützer Bereich</a>";

    } else {

      echo "Benutzername und/oder Passwort waren falsch. <a href=\"login.htm\">Login</a>";

      }

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ThomasM Neuer Benutzer Registriert seit: 04.06.2009 Beiträge: 22 PHP-Kenntnisse: Anfänger	[Erledigt] Spalten in Datenbank zählen mit mysql_num_rows? Hallo, habe gerade ein kleines Problem mit einem Tutorial für ein Login Script. Hier ist der Code: PHP-Code: $passwort1 = md5($passwort1); $sql = "SELECT id FROM login WHERE username LIKE $username"; $result = $db->query($sql); $menge = mysql_num_rows($result); if ($menge == 0) { $sql = "INSERT INTO login (username, password) VALUES ('$username', '$passwort1')"; $eintragen = $db->query($sql); if ($eintragen == true) { echo 'Du wurdest erfolgreich registriert. Dein Benutzername lautet: '.$username.'. <a href="login.htm">Zurück</a>'; } else { echo 'Fehler beim Speichern des Benutzernamens. <a href="eintragen.htm">Zurück</a>'; } } else { echo 'Benutzername schon vorhanden. <a href="eintragen.html">Zurück</a>'; } Ich kann die Daten Username und Passwort damit erfolgreich in die Datenbank eintragen, allerdings erhalte ich dabei folgende Fehlermeldung: Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\eintragen.php Wenn ich mich dann mit dem erstellten Username einloggen möchte, wird folgendes Script aufgerufen: PHP-Code: $sql = "SELECT username, password FROM login WHERE username LIKE $username LIMIT 1"; $result = $db->query($sql); $row = mysql_fetch_object($result); if ($row->password == $passwort) { $_SESSION['username'] = $username; echo "Login erfolgreich. <br> <a href=\"geheim.php\">Geschützer Bereich</a>"; } else { echo "Benutzername und/oder Passwort waren falsch. <a href=\"login.htm\">Login</a>"; } Hier erhalte ich dann folgende Fehlermeldung: Warning: mysql_fetch_object(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\login.php Was hat das zu bedeuten? Ich habe schon mysql_fetch_array ausprobiert, mit dem gleichen Ergebnis. Geändert von ThomasM (15.06.2009 um 13:43 Uhr).


Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

15.06.2009, 13:10
rudygotya Erfahrener Benutzer Registriert seit: 28.05.2008 Beiträge: 2.094 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Schau dir mal das db object an, was da passiert. Ich denk mal, dass da der query fehlschlägt. Zeigt er dir was von wegen uncaught exception? __________________ ++++ Wieder einer ins Netz gegangen: Phishers Fritz zufrieden ++++ Blog

15.06.2009, 13:26
ThomasM Neuer Benutzer Registriert seit: 04.06.2009 Beiträge: 22 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Hmm, also ich habs mir var_dump versucht und folgende Ergebnisse erhalten: var_dump ($sql); string(121) "SELECT id FROM login WHERE username LIKE ThomasM" var_dump ($result); bool(false) PHP-Code: `$menge = mysql_num_rows($result);` var_dump ($menge); bool(false) Eigentlich sollte er bereits Benutzernamen in der Datenbank finden und ich verstehe nicht so ganz, warum $menge false zurückgibt? "uncaught exception" ist bisher nicht aufgetaucht.

15.06.2009, 13:33
rudygotya Erfahrener Benutzer Registriert seit: 28.05.2008 Beiträge: 2.094 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Beim username hat like nichts zu suchen. Wenn er schon unique ist, ersetz es durch ein = und benutz singlequotes. Probier mal den query in phpmyadmin: Code: SELECT id FROM login WHERE username='ThomasM' __edit: Entfern doch bitte noch das "Problem - "aus dem threadtitel. Und wenn dein db Object nicht mal eine exception wirft, wenn der query fehlschlägt, würde ich auf bessere fertige Klasse setzen. __________________ ++++ Wieder einer ins Netz gegangen: Phishers Fritz zufrieden ++++ Blog

15.06.2009, 13:48
ThomasM Neuer Benutzer Registriert seit: 04.06.2009 Beiträge: 22 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Habe den Code nun entsprechend verändert: PHP-Code: `$sql = "SELECT id FROM login WHERE username = '$username'"; $result = $db->query($sql); $menge = mysql_num_rows($result);` Das Problem bleibt leider bestehen, erhalte nach wie vor die Meldung: Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in D:\xampp\htdocs\lernen\logineinfach\eintragen.php Wenn ich den Query direkt in phpmyadmin ausführe, erhalte ich die entsprechende ID zurück. Was bedeutet das denn mit der exception? Meine Klasse sieht so aus: PHP-Code: `$db = new mysqli('localhost', 'root', 'pass', 'test'); if (!$db) { echo 'Verbindungsfehler: '.mysqli_connect_error(); die(); }` Ist halt ganz einfach gehalten, fange auch gerade erst mit PHP an.

15.06.2009, 14:53
rudygotya Erfahrener Benutzer Registriert seit: 28.05.2008 Beiträge: 2.094 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Wie sieht denn deine query methode aus? Haste da den resource identifier angegeben? Ersetz mal $menge durch PHP-Code: `$menge=$db->affected_rows;` Wird schon, dafür siehts doch schon echt gut aus __________________ ++++ Wieder einer ins Netz gegangen: Phishers Fritz zufrieden ++++ Blog

15.06.2009, 15:04
ThomasM Neuer Benutzer Registriert seit: 04.06.2009 Beiträge: 22 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Habe es ersetzt, nun erfolgt auch keine Fehlermeldung mehr. Nur die Meldung, dass der Name jetzt registriert ist. Ich verstehe den Unterschied zwar nicht ganz, bin soweit aber erstmal zufrieden. Danke. Das mit der Query Methode verstehe ich ebenfalls nicht. Was ist mit Resource Identifier gemeint? Der Code ist folgender: PHP-Code: `$sql = "SELECT id FROM login WHERE username = '$username'"; $result = $db->query($sql);` Denke daraus ist der Query ersichtlich und auch wie er ausgeführt wird, oder? Jetzt besteht noch das 2. Problem mit fetch_object (siehe 1. Beitrag).

15.06.2009, 15:42
ThomasM Neuer Benutzer Registriert seit: 04.06.2009 Beiträge: 22 PHP-Kenntnisse: Anfänger	Ok, das Problem ist gelöst. Ich hatte ein i vergessen, mit $row = mysqli_fetch_object($result); funktioniert es PHP-Code: $sql = "SELECT username, password FROM login WHERE username LIKE $username LIMIT 1"; $result = $db->query($sql); $row = mysql_fetch_object($result); if ($row->password == $passwort) { $_SESSION['username'] = $username; echo "Login erfolgreich. <br> <a href=\"geheim.php\">Geschützer Bereich</a>"; } else { echo "Benutzername und/oder Passwort waren falsch. <a href=\"login.htm\">Login</a>"; }