[Erledigt] Bild aus MySQL lesen und anzeigen

Sonorc · 24.12.2008, 15:23

Bild aus MySQL lesen und anzeigen

Hallo, ich möchte gern aus der DB den Link vom Bild auslesen und Anzeigen.
Das war auch kein Großes Problem. Jetzt habe ich verschiedene Projekte und ich habe in der DB projekteIP angelegt. Ich hoffe ihr könnt mir Helfen.

Mein Problem ist der bereich:

PHP-Code:

  $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".$_REQUEST["id"]."";

Wie kann ich es aufbauen, das er mir in dem Bereich nur die Bilder anzeigt, die Die ID vom Projekt haben? Mit text geht es so ohne Probleme.

Hier ist mein php code:

PHP-Code:

  <?php
    $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".$_REQUEST["id"]."";
    $result = mysql_query($abfrage); 
    while($rs = mysql_fetch_object($result)) 
    { 
        echo "<a href=file/".$rs->id.$rs['pfad']." onclick=\"FensterOeffnen(this.href); return false\">";
        echo "<img src=file/".$rs->id.$rs->endung." border=0 width=80 height=80 alt='am ". date("d.m.Y",$rs->timestamp)."' > ";
    } 
?>

mein MySQL code:

Code:

CREATE TABLE `avatars` (
  `ID` int(150) unsigned NOT NULL auto_increment,
  `projekteID` int(10) unsigned NOT NULL,
  `timestamp` int(150) NOT NULL,
  `endung` varchar(10) NOT NULL,
  PRIMARY KEY  (`id`)
) ENGINE=MyISAM AUTO_INCREMENT=45 DEFAULT CHARSET=utf8 AUTO_INCREMENT=45 ;

David · 24.12.2008, 15:34

Versuch es mal mit

PHP-Code:

  <?php

error_reporting(E_ALL);

ini_set('display_errors', 1);

 
$abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["id"];

$result = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error());

while($rs = mysql_fetch_object($result))

{

  echo '<a href="file/'.$rs->id.$rs['pfad'].'" onclick="FensterOeffnen(this.href); return false">';

  echo '<img src="file/'.$rs->id.$rs->endung.'" border="0" width="80" height="80" alt="am '. date("d.m.Y",$rs->timestamp).'" /> ';

}

?>

Sonorc · 24.12.2008, 15:43

Danke für deine schnelle Antowrt. Jetzt kommt die Meldung

PHP-Code:

  Notice: Undefined index: id in /avatars.php on line 93

line 93 ist

PHP-Code:

  $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["id"];

BlackWolf · 24.12.2008, 15:49

yop sagt doch eigentlich schon alles die fehlermeldung.
das $_REQUEST array hat keinen index id, sprich du hast weder per POST noch pet GET eine variable mit dem namen id übergeben, und ohne die funktioniert das ganze natürlich nicht ^^
PS: Die Umwandlung nach (int) macht keinen Sinn, du erzeugst ja gerade einen STRING, wie willst du dort ein int einfügen? alles was jetzt passiert ist das php die variable zuerst nach int konvertiert um sie dann wieder nach string zu konvertieren

mfg

Sonorc · 24.12.2008, 15:58

Danke für eure Hilfe, ich habe nun das Problem gelöst.
Oben in der URL habe ich avatars.php?projektID=27 stehen.

Habe es nun so:

PHP-Code:

  <?php
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);

$abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["projektID"];
$result = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error());
while($rs = mysql_fetch_object($result))
{
      echo '<a href="file/'.$rs->id.$rs['pfad'].'" onclick="FensterOeffnen(this.href); return false">';
      echo '<img src="file/'.$rs->id.$rs->endung.'" border="0" width="80" height="80" alt="am '. date("d.m.Y",$rs->timestamp).'" /> ';
}
?>

David · 24.12.2008, 15:59

Zitat:

PS: Die Umwandlung nach (int) macht keinen Sinn

Doch, gegen SQL Injections.
Andere Möglichkeit

PHP-Code:

  $abfrage = "SELECT
  ...
WHERE
  projekteID='".mysql_real_escape_string($_REQUEST["id"])."'
";

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Sonorc Neuer Benutzer Registriert seit: 24.12.2008 Beiträge: 5	[Erledigt] Bild aus MySQL lesen und anzeigen Bild aus MySQL lesen und anzeigen Hallo, ich möchte gern aus der DB den Link vom Bild auslesen und Anzeigen. Das war auch kein Großes Problem. Jetzt habe ich verschiedene Projekte und ich habe in der DB projekteIP angelegt. Ich hoffe ihr könnt mir Helfen. Mein Problem ist der bereich: PHP-Code: `$abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".$_REQUEST["id"]."";` Wie kann ich es aufbauen, das er mir in dem Bereich nur die Bilder anzeigt, die Die ID vom Projekt haben? Mit text geht es so ohne Probleme. Hier ist mein php code: PHP-Code: `<?php $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".$_REQUEST["id"].""; $result = mysql_query($abfrage); while($rs = mysql_fetch_object($result)) { echo "<a href=file/".$rs->id.$rs['pfad']." onclick=\"FensterOeffnen(this.href); return false\">"; echo "<img src=file/".$rs->id.$rs->endung." border=0 width=80 height=80 alt='am ". date("d.m.Y",$rs->timestamp)."' > "; } ?>` mein MySQL code: Code: CREATE TABLE `avatars` ( `ID` int(150) unsigned NOT NULL auto_increment, `projekteID` int(10) unsigned NOT NULL, `timestamp` int(150) NOT NULL, `endung` varchar(10) NOT NULL, PRIMARY KEY (`id`) ) ENGINE=MyISAM AUTO_INCREMENT=45 DEFAULT CHARSET=utf8 AUTO_INCREMENT=45 ;


Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

24.12.2008, 15:34
David Erfahrener Benutzer Registriert seit: 05.09.2007 Beiträge: 5.044	Versuch es mal mit PHP-Code: <?php error_reporting(E_ALL); ini_set('display_errors', 1); $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["id"]; $result = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error()); while($rs = mysql_fetch_object($result)) { echo '<a href="file/'.$rs->id.$rs['pfad'].'" onclick="FensterOeffnen(this.href); return false">'; echo '<img src="file/'.$rs->id.$rs->endung.'" border="0" width="80" height="80" alt="am '. date("d.m.Y",$rs->timestamp).'" /> '; } ?>

24.12.2008, 15:43
Sonorc Neuer Benutzer Registriert seit: 24.12.2008 Beiträge: 5	Danke für deine schnelle Antowrt. Jetzt kommt die Meldung PHP-Code: `Notice: Undefined index: id in /avatars.php on line 93` line 93 ist PHP-Code: `$abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["id"];`

24.12.2008, 15:49
BlackWolf Erfahrener Benutzer Registriert seit: 19.03.2007 Beiträge: 176	yop sagt doch eigentlich schon alles die fehlermeldung. das $_REQUEST array hat keinen index id, sprich du hast weder per POST noch pet GET eine variable mit dem namen id übergeben, und ohne die funktioniert das ganze natürlich nicht ^^ PS: Die Umwandlung nach (int) macht keinen Sinn, du erzeugst ja gerade einen STRING, wie willst du dort ein int einfügen? alles was jetzt passiert ist das php die variable zuerst nach int konvertiert um sie dann wieder nach string zu konvertieren mfg

24.12.2008, 15:58
Sonorc Neuer Benutzer Registriert seit: 24.12.2008 Beiträge: 5	Danke für eure Hilfe, ich habe nun das Problem gelöst. Oben in der URL habe ich avatars.php?projektID=27 stehen. Habe es nun so: PHP-Code: <?php error_reporting(E_ALL); ini_set('display_errors', 1); $abfrage = "SELECT * FROM avatars WHERE projekteID=".(int)$_REQUEST["projektID"]; $result = mysql_query($abfrage) or die(mysql_error()); while($rs = mysql_fetch_object($result)) { echo '<a href="file/'.$rs->id.$rs['pfad'].'" onclick="FensterOeffnen(this.href); return false">'; echo '<img src="file/'.$rs->id.$rs->endung.'" border="0" width="80" height="80" alt="am '. date("d.m.Y",$rs->timestamp).'" /> '; } ?>