Warning: Invalid argument supplied for foreach() in D:\XAMPP

28.01.2005, 17:48

Hallo Leute, zerbreche mir seit Tagen den Kopf über folgende Zeilen:

Hier werden *.txt Datein aus dem Ordner daten ausgelesen und ohne Endung in eine Tabellenzeile geschrieben. Das funzt auch soweit. Ich möchte das man die Ergebnisse per klick auch anschauen kann.

PHP-Code:

  <?

$val = $_POST['val'];

echo "<td rowspan=\"4\" align=\"left\" valign=\"top\">";

$q ="0";

 
$the_array = Array();

$handle = opendir('datein');

while (false !== ($file = readdir($handle)))

{

   if ($file != "." && $file != "..")

{

   $the_array[] = $file;

$q++;

}

}

closedir($handle);

natsort ($the_array);

reset ($the_array);

while (list ($key, $val) = each ($the_array)) {

 
$rest = substr("$val", 0, -4);

$x++;

 
echo "<a href=open.php?datei=$val>$rest&nbsp</a>";

 
if($x=="21")

   {

   echo "
 \n";

   }

if($x=="42")

   {

   echo "
 \n";

   }

 
 
}

 
?>

Mit dieser Datei möchte ich die *.txt anzeigen lassen.

open.php

PHP-Code:

  <?php

$val = $_POST['val'];

 
$handle = opendir('datein');

 
$datei = file("$val");

 
foreach($datei as $meine_datei)

   {

   echo $meine_datei;

   }

 
?>

Bekomme aber nur:

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in D:\XAMPP\xampp\htdocs\privat\site\lp\open.php on line 8

Wäre sehr dankbar wenn mir jemand ein Tipp geben könnte.

mepeisen · 28.01.2005, 17:54

foreach erwartet ein Array, was du ihm aber nicht gibst.

http://www.php.net/file

Beachte besonders die Anmerkung, was im Falle eines FEHLERS zurückkommt.

28.01.2005, 18:08

Sorry das habe ich nicht verstanden. Mache ich das nicht mit

PHP-Code:

  $datei = file("$val");

Habe wie in diesem Beispiel gemacht.

PHP-Code:

  <?php

$datei = file("01.txt");

 
foreach($datei as $meine_datei)

   {

   echo $meine_datei."
";

   }

 
?>

28.01.2005, 18:48

Wenn ich es mit readfile() versuche dann erscheint nicht mal eine Fehlermeldung sondern nur eine leere Seite. Ich benutze PHP 5.0.2

PHP-Code:

  <?php

$val = $_POST['val'];

 
$handle = opendir('datein');

 
readfile("$val");

 
?>

konsti · 28.01.2005, 19:01

dein problem ist dass
file("$val");
'$val' nicht durch $val ersetzt, sprich er sucht nach der Datei '$val'

du musst deine datei öffnen mit
file($val);

carrib · 28.01.2005, 19:10

In Deinem Script, mit dem Du die Datei anzeigen möchtest, ist die Anweisung

Code:

$handle = opendir('datein');

überflüssig. Damit änderst Du nicht das aktuelle Arbeitsverzeichnis, sondern öffnest nur einen Handle der von den anderen *dir-Funktionen verwendet werden kann.

Du liest die Dateien aus dem Unterverzeichnis 'datein', ich schätze es sollte 'dateien' heißen. Bei dem Script zum Auslesen der Dateien, versuchst Du die Datei im aktuellen Verzeichnis zu öffnen. Demnach müsste Dein Script wie folgt ausschauen:

Code:

<?php 
$val = $_POST['val']; 

$datei = file('datein/'.$val); 
// bzw. $datei = file('dateien/'.$val); 

foreach($datei as $meine_datei) 
   { 
   echo $meine_datei; 
   } 

?>

Prüfe auf jeden Fall vor einer Weiterverarbeitung, ob die Datei wirklich geöffnet wurde. Du kannst im Vorfeld das Vorhandensein der Datei mit

file_exists() prüfen, oder prüfen, ob das Ergebnis von

file() false ist. Setze hierzu einfach mal folgenden Code vor das foreach()-Konstrukt

Code:

if($datei === false) die("Datei konnte nicht geöffnet werden");

@konsti: Strings in doppelten Anführungszeichen werden geparsed, Strings in einfachen Zeichenfolgen werden nicht geparsed. Die Schreibweise hier ist korrekt, jedoch sind die Anführungszeichen unnötig.

Code:

$val = 'Test';
echo "$val"; // Ausgabe: Test
echo '$val'; // Ausgabe: $val

28.01.2005, 21:58

Dieses Statement ruft open.php und übergibt eine Variable namens datei mit dem wert von $val
echo "<a href=open.php?datei=$val>$rest&nbsp</a>";

In der open.php wird aber stattdessen:

$val = $_POST['val'];

eine Variable namens val erwartet.

Wie wäre es mit:

$val = $_GET['datei'];

Gruß
Fred

mepeisen · 29.01.2005, 10:44

Naja, 20 mal dasselbe zu antworten, soll bekanntlich helfen. Quasi die Holzhammer- Methode...

29.01.2005, 11:33

@mepeisen
Dein Kommentar irritiert mich.
Meine Antwort ist entweder die erste ihrer Art in diesem Thread oder aber ich kann nicht lesen.

Gruß
Fred

mepeisen · 29.01.2005, 12:20

Sorry, ich meinte eigentlich nicht deinen Beitrag als solches, sondern die Tatsache, dass man mehrmals darauf hinweisen muss, dass er eine Fehlerprüfung einbauen soll. Auch wenn mein Hinweis am Anfang vielleicht etwas zu knapp war.

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28.01.2005, 17:48
Gast Beiträge: n/a	Warning: Invalid argument supplied for foreach() in D:\XAMPP Hallo Leute, zerbreche mir seit Tagen den Kopf über folgende Zeilen: Hier werden .txt Datein aus dem Ordner daten ausgelesen und ohne Endung in eine Tabellenzeile geschrieben. Das funzt auch soweit. Ich möchte das man die Ergebnisse per klick auch anschauen kann. PHP-Code: <? $val = $_POST['val']; echo "<td rowspan=\"4\" align=\"left\" valign=\"top\">"; $q ="0"; $the_array = Array(); $handle = opendir('datein'); while (false !== ($file = readdir($handle))) { if ($file != "." && $file != "..") { $the_array[] = $file; $q++; } } closedir($handle); natsort ($the_array); reset ($the_array); while (list ($key, $val) = each ($the_array)) { $rest = substr("$val", 0, -4); $x++; echo "<a href=open.php?datei=$val>$rest&nbsp</a>"; if($x=="21") { echo " \n"; } if($x=="42") { echo " \n"; } } ?> Mit dieser Datei möchte ich die .txt anzeigen lassen. open.php PHP-Code: `<?php $val = $_POST['val']; $handle = opendir('datein'); $datei = file("$val"); foreach($datei as $meine_datei) { echo $meine_datei; } ?>` Bekomme aber nur: Warning: Invalid argument supplied for foreach() in D:\XAMPP\xampp\htdocs\privat\site\lp\open.php on line 8 Wäre sehr dankbar wenn mir jemand ein Tipp geben könnte.


Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

28.01.2005, 17:54
mepeisen Erfahrener Benutzer Registriert seit: 21.12.2004 Beiträge: 5.235 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	foreach erwartet ein Array, was du ihm aber nicht gibst. http://www.php.net/file Beachte besonders die Anmerkung, was im Falle eines FEHLERS zurückkommt. __________________ www.php-maven.org PHP und Maven vereint: Build/Deploy/Produktion/Konfiguration, Projekt Management, CI, PHPUnit, zahlreiche Frameworks Twitter @ https://twitter.com/#!/mepeisen und Facebook @ http://t.co/DZnKSUih

28.01.2005, 18:08
Gast Beiträge: n/a	Sorry das habe ich nicht verstanden. Mache ich das nicht mit PHP-Code: `$datei = file("$val");` Habe wie in diesem Beispiel gemacht. PHP-Code: `<?php $datei = file("01.txt"); foreach($datei as $meine_datei) { echo $meine_datei." "; } ?>`

28.01.2005, 18:48
Gast Beiträge: n/a	Lösungsansatz Wenn ich es mit readfile() versuche dann erscheint nicht mal eine Fehlermeldung sondern nur eine leere Seite. Ich benutze PHP 5.0.2 PHP-Code: `<?php $val = $_POST['val']; $handle = opendir('datein'); readfile("$val"); ?>`

28.01.2005, 19:01
konsti Erfahrener Benutzer Registriert seit: 19.06.2004 Beiträge: 665	dein problem ist dass file("$val"); '$val' nicht durch $val ersetzt, sprich er sucht nach der Datei '$val' du musst deine datei öffnen mit file($val); __________________ http://www.silvercoding.de ------------ ElePHPant Edit

28.01.2005, 19:10
carrib Erfahrener Benutzer Registriert seit: 17.08.2004 Beiträge: 213	In Deinem Script, mit dem Du die Datei anzeigen möchtest, ist die Anweisung Code: $handle = opendir('datein'); überflüssig. Damit änderst Du nicht das aktuelle Arbeitsverzeichnis, sondern öffnest nur einen Handle der von den anderen *dir-Funktionen verwendet werden kann. Du liest die Dateien aus dem Unterverzeichnis 'datein', ich schätze es sollte 'dateien' heißen. Bei dem Script zum Auslesen der Dateien, versuchst Du die Datei im aktuellen Verzeichnis zu öffnen. Demnach müsste Dein Script wie folgt ausschauen: Code: <?php $val = $_POST['val']; $datei = file('datein/'.$val); // bzw. $datei = file('dateien/'.$val); foreach($datei as $meine_datei) { echo $meine_datei; } ?> Prüfe auf jeden Fall vor einer Weiterverarbeitung, ob die Datei wirklich geöffnet wurde. Du kannst im Vorfeld das Vorhandensein der Datei mit file_exists() prüfen, oder prüfen, ob das Ergebnis von file() false ist. Setze hierzu einfach mal folgenden Code vor das foreach()-Konstrukt Code: if($datei === false) die("Datei konnte nicht geöffnet werden"); @konsti: Strings in doppelten Anführungszeichen werden geparsed, Strings in einfachen Zeichenfolgen werden nicht geparsed. Die Schreibweise hier ist korrekt, jedoch sind die Anführungszeichen unnötig. Code: $val = 'Test'; echo "$val"; // Ausgabe: Test echo '$val'; // Ausgabe: $val

28.01.2005, 21:58
Gast Beiträge: n/a	Dieses Statement ruft open.php und übergibt eine Variable namens datei mit dem wert von $val echo "<a href=open.php?datei=$val>$rest&nbsp</a>"; In der open.php wird aber stattdessen: $val = $_POST['val']; eine Variable namens val erwartet. Wie wäre es mit: $val = $_GET['datei']; Gruß Fred

29.01.2005, 10:44
mepeisen Erfahrener Benutzer Registriert seit: 21.12.2004 Beiträge: 5.235 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Naja, 20 mal dasselbe zu antworten, soll bekanntlich helfen. Quasi die Holzhammer- Methode... __________________ www.php-maven.org PHP und Maven vereint: Build/Deploy/Produktion/Konfiguration, Projekt Management, CI, PHPUnit, zahlreiche Frameworks Twitter @ https://twitter.com/#!/mepeisen und Facebook @ http://t.co/DZnKSUih

29.01.2005, 11:33
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29.01.2005, 12:20
mepeisen Erfahrener Benutzer Registriert seit: 21.12.2004 Beiträge: 5.235 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Sorry, ich meinte eigentlich nicht deinen Beitrag als solches, sondern die Tatsache, dass man mehrmals darauf hinweisen muss, dass er eine Fehlerprüfung einbauen soll. Auch wenn mein Hinweis am Anfang vielleicht etwas zu knapp war. __________________ www.php-maven.org PHP und Maven vereint: Build/Deploy/Produktion/Konfiguration, Projekt Management, CI, PHPUnit, zahlreiche Frameworks Twitter @ https://twitter.com/#!/mepeisen und Facebook @ http://t.co/DZnKSUih