Warnung bei shuffle() trotz Array

26.07.2004, 18:42

Hallo!

Ich habe in der Variablen $id ein Array

Code:

 Array ( [0] => 1 [1] => 2 [2] => 3 [3] => 4 [4] => 5 )

stehen. Nun bringe ich es mit

Code:

 shuffle($id);

durcheinander. Das klappt ohne Probleme aber manchmal kommt folgende Warnung:

Code:

 Warning: shuffle() expects parameter 1 to be array, null given in C:\Inetpub\wwwroot\php\pro\admin\mache_was.php on line 79

Warum? Was ist da falsch? Auch bei einer Warnung wird mir nachher das sortierte Array angezeigt.

Danke.

MfG

26.07.2004, 18:56

Entweder wird $id nicht richtig als Array initialisiert oder $id wird nach der Initialisierung überschrieben. Was es nun wirklich ist, keine Ahnung.

Gruß
phpfan

26.07.2004, 18:57

Dürfte beides nicht sein, da ich ja direkt vor shuffle() die Ausgabe mit print_r($id) mache und dort noch alles okay ist.

26.07.2004, 19:08

PHP ist aber da ganz anderer Meinung, aber ohne den Quellcode zu sehen, kann ich da auch nichts zu sagen. Was kommt denn hierbei raus:

PHP-Code:

  <?

  $id = array(1,2,3,4,5,6,7,8,9,0);

 
  shuffle($id);

 
  print_r($id)

?>

Gruß
phpfan

27.07.2004, 09:24

Hallo!

Hier mal ein größerer Codeausschnitt.

PHP-Code:

  for ($i = 0; $i < mysql_num_rows($ergebnis); $i++)

{

 $row = mysql_fetch_array($ergebnis);

 $id[] = $row['id'];

}

print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!!

$sl = false;

while (!$sl)

{

   

 shuffle($id); 

 print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!! 

 
 //SQL-Abfrage

 
 if (mysql_num_rows($ergebnis)==0)

 {

  $sl=true;

 }

}

Für mich ist die ab und zu einmal auftretende Warnung unerklärlich!

MfG

27.07.2004, 09:56

$id einmal unkonditional als Feld markieren.
In Deinem code-Ausschnitt ist nicht zu erkennen, ob Du das tust.
Wenn nicht, erzeugt php beim ersten Schleifendurchlauf bei $id[] = $row['id']; eine Warnung, da $id nicht definiert ist, setzt es dann aber auf den Typ array.
Wird die Schleife aber nicht durchlaufen -weil die Abrfrage keine Datensätze zurückliefert- bleibt $id undefiniert. Beim Aufruf von shuffle() erzeugt das wieder eine Warnung, aber php nimmt dann für $id den Wert null an. Und shuffle(null); liefert genau die angegebene Warnung. Wenn Du allerdings diese siehst, solltest Du auch die vorangegangenen sehen und die Ausgabe sollte dann auch anders sein - aber print_r gibt bei null nichts aus; Du könntest es also übersehen haben.

PHP-Code:

  $id = array();

for ($i = 0; $i < mysql_num_rows($ergebnis); $i++)

{

    $row = mysql_fetch_array($ergebnis);

    $id[] = $row['id'];

}

 
print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!!

 
$sl = false;

while (!$sl)

{

    shuffle($id);

    print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!!

    //SQL-Abfrage

    if (mysql_num_rows($ergebnis)==0)

        $sl=true;

}

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Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

26.07.2004, 18:56
Gast Beiträge: n/a	Entweder wird $id nicht richtig als Array initialisiert oder $id wird nach der Initialisierung überschrieben. Was es nun wirklich ist, keine Ahnung. Gruß phpfan

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26.07.2004, 19:08
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27.07.2004, 09:24
Gast Beiträge: n/a	Hallo! Hier mal ein größerer Codeausschnitt. PHP-Code: `for ($i = 0; $i < mysql_num_rows($ergebnis); $i++) { $row = mysql_fetch_array($ergebnis); $id[] = $row['id']; } print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!! $sl = false; while (!$sl) { shuffle($id); print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!! //SQL-Abfrage if (mysql_num_rows($ergebnis)==0) { $sl=true; } }` Für mich ist die ab und zu einmal auftretende Warnung unerklärlich! MfG

27.07.2004, 09:56
Gast Beiträge: n/a	$id einmal unkonditional als Feld markieren. In Deinem code-Ausschnitt ist nicht zu erkennen, ob Du das tust. Wenn nicht, erzeugt php beim ersten Schleifendurchlauf bei $id[] = $row['id']; eine Warnung, da $id nicht definiert ist, setzt es dann aber auf den Typ array. Wird die Schleife aber nicht durchlaufen -weil die Abrfrage keine Datensätze zurückliefert- bleibt $id undefiniert. Beim Aufruf von shuffle() erzeugt das wieder eine Warnung, aber php nimmt dann für $id den Wert null an. Und shuffle(null); liefert genau die angegebene Warnung. Wenn Du allerdings diese siehst, solltest Du auch die vorangegangenen sehen und die Ausgabe sollte dann auch anders sein - aber print_r gibt bei null nichts aus; Du könntest es also übersehen haben. PHP-Code: `$id = array(); for ($i = 0; $i < mysql_num_rows($ergebnis); $i++) { $row = mysql_fetch_array($ergebnis); $id[] = $row['id']; } print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!! $sl = false; while (!$sl) { shuffle($id); print_r($id); //korrektes Array, auch bei Warnung!! //SQL-Abfrage if (mysql_num_rows($ergebnis)==0) $sl=true; }`