[Erledigt] Bilder aus MySQL und im Filesystem speichern

rimba · 14.09.2010, 18:11

Hallo,

ich habe in einer MySQL-DB eine Tabelle mit JPEG's
und eine zweite Tabelle mit zugehörigen Personendaten.
Jetzt möchte ich mit einem PHP Script alle Bilder auslesen, Nachnamen als Dateinamen vergeben und im Filesystem als JPEG abspeichern.

Dazu benutze ich erstens die Datei showpic.php

PHP-Code:

    $host = "1.2.3.4";$user = "xxx";$pass = "yyy";$data = "zzz";

 
  $CID = mysqli_connect($host,$user,$pass);

  $DID = mysqli_select_db($CID,$data);

    

  $id = $_GET['id'];

  if(!$id) exit;

 
  $SQL="SELECT B_Data, B_Type FROM BILD WHERE B_P_Nr = $id";

  

  $result = mysqli_query($CID,$SQL);

  if(!$result) exit;

 
  $row=mysqli_fetch_array($result,MYSQL_ASSOC);

  header("Content-type: {$row['B_Type']}");

  echo $row['B_Data'];

um die Bilder aus der Datenbank darstellen zu können und zweitens das script schreiben.php

PHP-Code:

    $host = "1.2.3.4";$user = "xxx";$pass = "yyy";$data = "zzz";

 
  $SQL = "SELECT B_P_Nr,CONCAT(P_Nachname,'.jpg') ";

  $SQL.= "FROM PERSON INNER JOIN BILD ON P_Nr = B_P_Nr ";

  

  $CID = mysqli_connect($host,$user,$pass);

  $DID = mysqli_select_db($CID,$data);

  $RID = mysqli_query($CID,$SQL);

    

   while($ERG = mysqli_fetch_array($RID,MYSQL_NUM))

       {

       

       /* Testzeile zur Ausgabe im Browser*/

       echo "<img src='showpic.php?id=$ERG[0]' />";

 
       ob_start();

       $fp = fopen("showpic.php?id=$ERG[0]", "rb");

       fpassthru($fp);

       fclose($fp);

       $file = ob_get_contents();

       ob_end_clean();

 
       $fp = fopen("$ERG[1]", "wb+");

       fwrite($fp, $file);

       fclose($fp);

 

       }

um auf das Filesystem des WEB-Servers (xampp-lite)
zu schreiben.
Die Bilder werden nun richtig aus der DB gelesen (weil sie mit der Testausgabe korrekt dargestellt werden).
Im Verzeichnis liegen dann aber nur unbrauchbare Dateien (allerdings mit korrektem Dateinamen).
Wenn ich anstelle von showpic.php ein Testbild.jpg (aus dem Dateisystem) lese und schreibe funktioniert das Script.

Wer kann mir helfen ?

nikosch · 14.09.2010, 18:18

Wieso schreibst Du nicht gleich die Daten aus der DB ins File?

mimomamu · 14.09.2010, 18:21

Zitat:

Zitat von rimba

PHP-Code:

         $fp = fopen("showpic.php?id=$ERG[0]", "rb");

PHP glaubt, bei "showpic.php?id=$ERG[0]" handelt es sich um eine lokale Datei und sucht im Dateisystem eine Datei dieses Namens.

Du glaubst, bei bei "showpic.php?id=$ERG[0]" handelt es sich um eine URL, auf die mittels einer HTTP-Anfrage zugegriffem wird.

Einer von euch beiden irrt sich.

rimba · 14.09.2010, 18:32

okay, und wie könnt ich meinen Irrtum dann auflösen oder beseitigen?

mimomamu · 14.09.2010, 18:33

PHP-Code:

  $fp = fopen("http://example.com/showpic.php?id=$ERG[0]", "rb");

rimba · 14.09.2010, 18:40

na dann doch so einfach.hat prima funktioniert.
Vielen Dank (gibt also doch keine schlaflose Arbeitsnacht)

lstegelitz · 14.09.2010, 19:26

Zitat:

Zitat von nikosch

Wieso schreibst Du nicht gleich die Daten aus der DB ins File?

Diese Frage bleibt... oder ist die URL tatsächlich extern (und warum läuft sie dann mit ID's aus der lokalen Datenbank)?

ChrisB · 14.09.2010, 19:28

Zitat:

Zitat von lstegelitz

Diese Frage bleibt... oder ist die URL tatsächlich extern

Kann ja eigentlich nicht - wenn er den Pfad relativ angibt, um das Bild im Browser anzeigen zu lassen.

mimomamu · 14.09.2010, 19:33

Ich vermute es wird gerade umgestellt von Speicherung in der Datenbank auf Speicherung im Dateisystem.

Dark Guardian · 14.09.2010, 23:45

Du gehst da ein wenig arg kompliziert vor...

PHP-Code:

    $SQL = "SELECT B_Data,B_P_Nr,CONCAT(P_Nachname,'.jpg') AS B_Name";

//...

   while($ERG = mysqli_fetch_array($RID,MYSQL_NUM))
       {
            file_put_contents($ERG['B_Name'], $ERG['B_Data']);
       }

So abgeändert sollte es auch funktionieren und du reduzierst den gesamten Schleifeninhalt auf eine Zeile und gewinnst massig Performance wiel nicht für jedes Bild ein neuer HTTP-Request gestartet wird.

Themen-Optionen
Druckbare Version zeigen Jemanden per E-Mail auf dieses Thema hinweisen
Thema bewerten
Thema bewerten:

Ähnliche Themen
Thema	Autor	Forum	Antworten	Letzter Beitrag
Daten in MySQL speichern	sascha-graf1	Datenbanken	10	29.08.2010 18:21
Image name nach Rename in MySQL Db speichern	Zero0090	PHP Tipps 2010	11	30.07.2010 12:01
Daten in Mysql datenbank speichern	keppi	PHP Tipps 2009	5	23.07.2009 17:29
Bilder ohne DB sicher speichern	Diet	PHP Tipps 2005	6	25.03.2009 00:07
MySQL Antwort als CSV speichern	grisu	PHP Tipps 2008	5	11.04.2008 17:28
Mit php dynamisch Namen von Bildnamen sowie Pfad in mysql Datenbank speichern	mallmis	PHP Tipps 2008	1	19.11.2007 23:04
Zahlen in MySQL DB speichern		PHP Tipps 2005	2	29.04.2005 19:36
Bilder speichern statt anzeigen...		PHP Tipps 2005	3	25.04.2005 15:22
Bilder in MySQL		Datenbanken	5	03.04.2005 04:53
[Erledigt] Bilder mit Mysql verknüpfen		Datenbanken	7	26.03.2005 11:15
Bilder - Upload - Email - MySQL		PHP Tipps 2004	10	20.10.2004 15:48
[Erledigt] Bild in MySQL DB speichern		Datenbanken	2	19.09.2004 23:16
Bilder über php inMySqlDB speichern		PHP Tipps 2004	1	10.09.2004 23:11
in mysql datenbank speichern.		PHP Tipps 2004	9	08.09.2004 21:31

14.09.2010, 18:11
rimba Neuer Benutzer Registriert seit: 26.06.2009 Beiträge: 8 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	[Erledigt] Bilder aus MySQL und im Filesystem speichern Hallo, ich habe in einer MySQL-DB eine Tabelle mit JPEG's und eine zweite Tabelle mit zugehörigen Personendaten. Jetzt möchte ich mit einem PHP Script alle Bilder auslesen, Nachnamen als Dateinamen vergeben und im Filesystem als JPEG abspeichern. Dazu benutze ich erstens die Datei showpic.php PHP-Code: `$host = "1.2.3.4";$user = "xxx";$pass = "yyy";$data = "zzz"; $CID = mysqli_connect($host,$user,$pass); $DID = mysqli_select_db($CID,$data); $id = $_GET['id']; if(!$id) exit; $SQL="SELECT B_Data, B_Type FROM BILD WHERE B_P_Nr = $id"; $result = mysqli_query($CID,$SQL); if(!$result) exit; $row=mysqli_fetch_array($result,MYSQL_ASSOC); header("Content-type: {$row['B_Type']}"); echo $row['B_Data'];` um die Bilder aus der Datenbank darstellen zu können und zweitens das script schreiben.php PHP-Code: $host = "1.2.3.4";$user = "xxx";$pass = "yyy";$data = "zzz"; $SQL = "SELECT B_P_Nr,CONCAT(P_Nachname,'.jpg') "; $SQL.= "FROM PERSON INNER JOIN BILD ON P_Nr = B_P_Nr "; $CID = mysqli_connect($host,$user,$pass); $DID = mysqli_select_db($CID,$data); $RID = mysqli_query($CID,$SQL); while($ERG = mysqli_fetch_array($RID,MYSQL_NUM)) { /* Testzeile zur Ausgabe im Browser*/ echo "<img src='showpic.php?id=$ERG[0]' />"; ob_start(); $fp = fopen("showpic.php?id=$ERG[0]", "rb"); fpassthru($fp); fclose($fp); $file = ob_get_contents(); ob_end_clean(); $fp = fopen("$ERG[1]", "wb+"); fwrite($fp, $file); fclose($fp); } um auf das Filesystem des WEB-Servers (xampp-lite) zu schreiben. Die Bilder werden nun richtig aus der DB gelesen (weil sie mit der Testausgabe korrekt dargestellt werden). Im Verzeichnis liegen dann aber nur unbrauchbare Dateien (allerdings mit korrektem Dateinamen). Wenn ich anstelle von showpic.php ein Testbild.jpg (aus dem Dateisystem) lese und schreibe funktioniert das Script. Wer kann mir helfen ?


Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

14.09.2010, 18:18
nikosch moderatives Dielektrikum Registriert seit: 21.05.2008 Beiträge: 35.987 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Wieso schreibst Du nicht gleich die Daten aus der DB ins File? __________________ -- One pixel is still too big. Please make it smaller. ASAP. Initiative Mittelstand. Die wichtigste Gestaltungsregel im Screendesign ist Pi mal Daumen des Arbeitgebers. --

14.09.2010, 18:32
rimba Neuer Benutzer Registriert seit: 26.06.2009 Beiträge: 8 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	okay, und wie könnt ich meinen Irrtum dann auflösen oder beseitigen?

14.09.2010, 18:33
mimomamu Erfahrener Benutzer Registriert seit: 23.08.2010 Beiträge: 495 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	PHP-Code: `$fp = fopen("http://example.com/showpic.php?id=$ERG[0]", "rb");` __________________ Meinungen, die ich geäußert habe, sind nicht notwendigerweise meine eigenen. Abweichungen von der deutschen Rechtschreibung unterliegen dem Urheberrecht, dürfen aber unter den Bedingungen von verwendet werden

14.09.2010, 18:40
rimba Neuer Benutzer Registriert seit: 26.06.2009 Beiträge: 8 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	na dann doch so einfach.hat prima funktioniert. Vielen Dank (gibt also doch keine schlaflose Arbeitsnacht)

14.09.2010, 19:33
mimomamu Erfahrener Benutzer Registriert seit: 23.08.2010 Beiträge: 495 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Ich vermute es wird gerade umgestellt von Speicherung in der Datenbank auf Speicherung im Dateisystem. __________________ Meinungen, die ich geäußert habe, sind nicht notwendigerweise meine eigenen. Abweichungen von der deutschen Rechtschreibung unterliegen dem Urheberrecht, dürfen aber unter den Bedingungen von verwendet werden

14.09.2010, 23:45
Dark Guardian Erfahrener Benutzer Registriert seit: 10.10.2009 Beiträge: 2.631 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten	Du gehst da ein wenig arg kompliziert vor... PHP-Code: `$SQL = "SELECT B_Data,B_P_Nr,CONCAT(P_Nachname,'.jpg') AS B_Name"; //... while($ERG = mysqli_fetch_array($RID,MYSQL_NUM)) { file_put_contents($ERG['B_Name'], $ERG['B_Data']); }` So abgeändert sollte es auch funktionieren und du reduzierst den gesamten Schleifeninhalt auf eine Zeile und gewinnst massig Performance wiel nicht für jedes Bild ein neuer HTTP-Request gestartet wird. __________________ "Alles im Universum funktioniert, wenn du nur weißt wie du es anwenden musst".