upload und download von bildern mit php in die mysql db

zeiss69 · 28.02.2006, 22:06

hallo!

ich möchte gerne bilder mit hilfe von php in eine sql db ein- und auslesen.

damit es nicht zu komplex wird, möchte ich eure hilfe nur beim auslesen.

auf der webside wo das bild dargestellt werden soll habe ich folgendes

[img]../getpic.php?typ=anlage_index[/img]

da ich die klassen verwende und das auslesen mit der selben funktion geschieht, habe ich getpic.php geschrieben um die unterschiedlichen datenformate richtig auszulesen.

<?php
include_once("zugriff.inc.php");
include_once("dbfoo.inc.php");

if = ($_GET['typ']!="")
{
//$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : '';
$typ = $_GET['typ']

$dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht
$dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen
$foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt

$bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück
$dbm->disconnect();

header("Content-Type: image/jpeg");
print $bild;
}
else
{
echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden";
}
?>

die funktion zum auslesen der datei sieht so aus.

function getData($typ, $datatype)
{
$query = "SELECT " . $datatype . " FROM " . $this->tableName . " WHERE typ = '" . $typ . "'";
$result = $this->dbManager->runQuery($query);
$data = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC); //gibt eine assoziatives Array zurück
mysql_free_result($result);
return $data[$datatype]; //Variable wird übergeben
}

nun das ganze funktioniert mit text, da mache ich aber auch ein etwas anderes skript

<?php
include_once("zugriff.inc.php");
include_once("dbfoo.inc.php");
$dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht
$dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen
$foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt

$text = $foo->getData('anlage_index', 'text'); //Die Funktion getBar in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück
$dbm->disconnect();

echo $text;
?>

ja, was ist falsch

M3g4Star · 01.03.2006, 09:06

Benutze bitte den PHP - Tag um das ordentlich anzuzeigen, denn SO schauts übersichtlicher aus !

PHP-Code:

  <?php 

include_once("zugriff.inc.php"); 

include_once("dbfoo.inc.php"); 

 
if = ($_GET['typ']!="") 

{ 

//$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : ''; 

$typ = $_GET['typ'] 

 
$dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht 

$dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen 

$foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt 

 
$bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück 

$dbm->disconnect(); 

 
header("Content-Type: image/jpeg"); 

print $bild; 

} 

else 

{ 

echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden"; 

} 

 
// und hier die Funktion

 
function getData($typ, $datatype) 

{ 

$query = "SELECT " . $datatype . " FROM " . $this->tableName . " WHERE typ = '" . $typ . "'"; 

$result = $this->dbManager->runQuery($query); 

$data = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC); //gibt eine assoziatives Array zurück 

mysql_free_result($result); 

return $data[$datatype]; //Variable wird übergeben 

} 

 
// mit Text ?!! *hä*

 
include_once("zugriff.inc.php"); 

include_once("dbfoo.inc.php"); 

$dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht 

$dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen 

$foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt 

 
$text = $foo->getData('anlage_index', 'text'); //Die Funktion getBar in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück 

$dbm->disconnect(); 

 
echo $text; 

 
?>

So wie ich das sehe fehlt bei dir einfach 'n createImage

PHP-Code:

  <?php

 header("Content-type: image/jpeg");

 $image = imagecreatefromjpeg($output); // $output ist Pfad zum Bild

 imagejpeg($image);

?>

so würde eine Ausgabe kommen

01.03.2006, 09:10

16.3. Ist es sinnvoll, Bilder in einer Datenbank abzulegen?
http://www.php-faq.de/q/q-db-blob.html

Gruß
phpfan

zeiss69 · 01.03.2006, 13:01

hallo!

wow, erst mal danke für die promten antworten!
M3g4Star, ich werde es heute mal umschreiben und versuchen.
phpfan, der beitrag der in deinem link beschrieben ist, ist sehr gut.
ich habe mir das auch schon anderst überlegt. da ich aber für
meinen vater, welcher ein magazien ausgibt, die titelseite immer änderen
will, ohne sich mit phptransf. herumzuschlagen, dachte ich dies ist eine
gute idee, dass ich über ein html formular eine php interface starte welches
ihm ermöglicht ohne sich lange mit ftp programmen rumzuschlagen.
wenn es mal fuktioniert, und der upload zu lange geht und somit kunden
eher abschreckt, werde ich mir den lösungsvorschlag nochmals durch den kopf gehen lassen.

zeiss69 · 01.03.2006, 21:12

hallo,

habe mein skript geändert, doch irgendwas mache ich immer noch falsch,
denn eine ausgabe bekomme ich nicht. Zwar blitzt das leere Bild icon kutz auf, dass wars aber schon.
bitte seht euch dies nochmals an.

PHP-Code:

  <?php

    include_once("zugriff.inc.php");

    include_once("dbfoo.inc.php");

 
    if = ($_GET['typ']!="")

    {

    //$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : '';

    $typ = $_GET['typ']

    

    $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht

    $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager  bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen

    $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt

    

    $bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück

    $dbm->disconnect();

    

    header("Content-Type: image/jpeg");

    $image = @imagecreatefromjpeg($bild);

     imagejpeg($image); 

    }

    else

    {

    echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden";

    }

?>

xabbuh · 01.03.2006, 21:26

Zitat:

Zitat von zeiss69

PHP-Code:

      header("Content-Type: image/jpeg");

    $image = @imagecreatefromjpeg($bild);

     imagejpeg($image);

Lass den header()-Aufruf und das @ vor imagecreatefromjpeg() zunächst einmal weg und schaue dir dann an, ob das Script irgendwelche Fehlermeldungen produziert.

Allerdings ist das ein PHP- und kein MySQL-Problem. Deswegen geht es jetzt hier im PHP-Forum weiter.

zeiss69 · 01.03.2006, 21:45

hallo xabbuh!

habe ich schon probiert, habe den header ausgeblendet und das @, doch nichts hat es genützt.
ich habe in der db den mime auf null und imege/jpeg gestellt oder abgeschaltet, nichts funktioniert.

ps.:muss ich noch was machen um im php weiter zu diskutieren, soll ich dort das gleiche öffnen.

01.03.2006, 21:58

Öhm, seh ich das richtig, das $bild kein Dateiname, sondern das Bild selbst aus der db ist?

Versuch nach dem header() mal ImageJPEG($bild);

Wenns das nicht geht, dann debug mal, was in deinem ersten Skript die Variable $bild für einen Inhalt hat.

xabbuh · 01.03.2006, 22:07

Zitat:

Zitat von cptpicard

Öhm, seh ich das richtig, das $bild kein Dateiname, sondern das Bild selbst aus der db ist?

Das dürfte der entscheidende Hinweis sein. Wenn sich in der Datenbank lediglich der Binärcode des Bildes befindet, werden die GD-Funktionen überhaupt nicht benötigt:

PHP-Code:

  <?php

    header('Content-Type: image/jpeg');

    print $bild;

?>

zeiss69 · 02.03.2006, 07:01

ihr liegt richtig, das $bild kein Dateiname ist, sondern das Bild selbst welches aus der db kommen soll.
werde mal den tip von cptpicard folge leisten, denn das mit print bild habe ich schon mal probiert, habe aber festgestellt, dass ich "" genommen habe als das ich '' nehme, pobier ich auch mal.

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28.02.2006, 22:06
zeiss69 Neuer Benutzer Registriert seit: 28.02.2006 Beiträge: 24	upload und download von bildern mit php in die mysql db hallo! ich möchte gerne bilder mit hilfe von php in eine sql db ein- und auslesen. damit es nicht zu komplex wird, möchte ich eure hilfe nur beim auslesen. auf der webside wo das bild dargestellt werden soll habe ich folgendes [img]../getpic.php?typ=anlage_index[/img] da ich die klassen verwende und das auslesen mit der selben funktion geschieht, habe ich getpic.php geschrieben um die unterschiedlichen datenformate richtig auszulesen. <?php include_once("zugriff.inc.php"); include_once("dbfoo.inc.php"); if = ($_GET['typ']!="") { //$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : ''; $typ = $_GET['typ'] $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt $bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück $dbm->disconnect(); header("Content-Type: image/jpeg"); print $bild; } else { echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden"; } ?> die funktion zum auslesen der datei sieht so aus. function getData($typ, $datatype) { $query = "SELECT " . $datatype . " FROM " . $this->tableName . " WHERE typ = '" . $typ . "'"; $result = $this->dbManager->runQuery($query); $data = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC); //gibt eine assoziatives Array zurück mysql_free_result($result); return $data[$datatype]; //Variable wird übergeben } nun das ganze funktioniert mit text, da mache ich aber auch ein etwas anderes skript <?php include_once("zugriff.inc.php"); include_once("dbfoo.inc.php"); $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt $text = $foo->getData('anlage_index', 'text'); //Die Funktion getBar in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück $dbm->disconnect(); echo $text; ?> ja, was ist falsch __________________ ich weis dass ich nichts weis und umso mehr ich weis desto mehr weis ich dass ich nichts weis.


Mister Ad PHP Code Flüsterer Registriert seit: 21.08.2005 Beiträge: 4682 PHP-Kenntnisse: Fortgeschritten

01.03.2006, 09:06
M3g4Star Erfahrener Benutzer Registriert seit: 23.08.2007 Beiträge: 1.510	Benutze bitte den PHP - Tag um das ordentlich anzuzeigen, denn SO schauts übersichtlicher aus ! PHP-Code: <?php include_once("zugriff.inc.php"); include_once("dbfoo.inc.php"); if = ($_GET['typ']!="") { //$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : ''; $typ = $_GET['typ'] $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt $bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück $dbm->disconnect(); header("Content-Type: image/jpeg"); print $bild; } else { echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden"; } // und hier die Funktion function getData($typ, $datatype) { $query = "SELECT " . $datatype . " FROM " . $this->tableName . " WHERE typ = '" . $typ . "'"; $result = $this->dbManager->runQuery($query); $data = mysql_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC); //gibt eine assoziatives Array zurück mysql_free_result($result); return $data[$datatype]; //Variable wird übergeben } // mit Text ?!! hä include_once("zugriff.inc.php"); include_once("dbfoo.inc.php"); $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt $text = $foo->getData('anlage_index', 'text'); //Die Funktion getBar in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück $dbm->disconnect(); echo $text; ?> So wie ich das sehe fehlt bei dir einfach 'n createImage PHP-Code: `<?php header("Content-type: image/jpeg"); $image = imagecreatefromjpeg($output); // $output ist Pfad zum Bild imagejpeg($image); ?>` so würde eine Ausgabe kommen

01.03.2006, 09:10
Gast Beiträge: n/a	16.3. Ist es sinnvoll, Bilder in einer Datenbank abzulegen? http://www.php-faq.de/q/q-db-blob.html Gruß phpfan

01.03.2006, 13:01
zeiss69 Neuer Benutzer Registriert seit: 28.02.2006 Beiträge: 24	hallo! wow, erst mal danke für die promten antworten! M3g4Star, ich werde es heute mal umschreiben und versuchen. phpfan, der beitrag der in deinem link beschrieben ist, ist sehr gut. ich habe mir das auch schon anderst überlegt. da ich aber für meinen vater, welcher ein magazien ausgibt, die titelseite immer änderen will, ohne sich mit phptransf. herumzuschlagen, dachte ich dies ist eine gute idee, dass ich über ein html formular eine php interface starte welches ihm ermöglicht ohne sich lange mit ftp programmen rumzuschlagen. wenn es mal fuktioniert, und der upload zu lange geht und somit kunden eher abschreckt, werde ich mir den lösungsvorschlag nochmals durch den kopf gehen lassen. __________________ ich weis dass ich nichts weis und umso mehr ich weis desto mehr weis ich dass ich nichts weis.

01.03.2006, 21:12
zeiss69 Neuer Benutzer Registriert seit: 28.02.2006 Beiträge: 24	hallo, habe mein skript geändert, doch irgendwas mache ich immer noch falsch, denn eine ausgabe bekomme ich nicht. Zwar blitzt das leere Bild icon kutz auf, dass wars aber schon. bitte seht euch dies nochmals an. PHP-Code: <?php include_once("zugriff.inc.php"); include_once("dbfoo.inc.php"); if = ($_GET['typ']!="") { //$typ = isset($_GET['typ']) ? $_GET['typ'] : ''; $typ = $_GET['typ'] $dbm = new DBManager(); // Klasse DBManager wird ausgefüht $dbm->connection(); // die Funktion in der Klasse DBManager bekommt den wert der Variabel $dbm zurgewiesen $foo = new DBFoo($dbm); // Klasse DBFoo wird mit der Variable $dbm ausgeführt $bild = $foo->getData($typ, 'bild'); //Die Funktion getData in DBFoo wird ausgeführt und bekommt von dort ein Arrray zurück $dbm->disconnect(); header("Content-Type: image/jpeg"); $image = @imagecreatefromjpeg($bild); imagejpeg($image); } else { echo "Das Bild kann im Moment nicht dargestellt werden"; } ?> __________________ ich weis dass ich nichts weis und umso mehr ich weis desto mehr weis ich dass ich nichts weis.

01.03.2006, 21:45
zeiss69 Neuer Benutzer Registriert seit: 28.02.2006 Beiträge: 24	hallo xabbuh! habe ich schon probiert, habe den header ausgeblendet und das @, doch nichts hat es genützt. ich habe in der db den mime auf null und imege/jpeg gestellt oder abgeschaltet, nichts funktioniert. ps.:muss ich noch was machen um im php weiter zu diskutieren, soll ich dort das gleiche öffnen. __________________ ich weis dass ich nichts weis und umso mehr ich weis desto mehr weis ich dass ich nichts weis.

01.03.2006, 21:58
Gast Beiträge: n/a	Öhm, seh ich das richtig, das $bild kein Dateiname, sondern das Bild selbst aus der db ist? Versuch nach dem header() mal ImageJPEG($bild); Wenns das nicht geht, dann debug mal, was in deinem ersten Skript die Variable $bild für einen Inhalt hat.

02.03.2006, 07:01
zeiss69 Neuer Benutzer Registriert seit: 28.02.2006 Beiträge: 24	ihr liegt richtig, das $bild kein Dateiname ist, sondern das Bild selbst welches aus der db kommen soll. werde mal den tip von cptpicard folge leisten, denn das mit print bild habe ich schon mal probiert, habe aber festgestellt, dass ich "" genommen habe als das ich '' nehme, pobier ich auch mal. __________________ ich weis dass ich nichts weis und umso mehr ich weis desto mehr weis ich dass ich nichts weis.